Per gestire la "piccola opera" suggerita da Yves nei commenti, la geometria suggerisce una prova rigorosa e del tutto generale.
Se lo desideri, puoi sostituire tutti i riferimenti alle aree con integrali e riferimenti a "arbitrari" con i soliti argomenti epsilon-delta. La traduzione è semplice.
Per impostare l'immagine, lascia che sia la funzione di sopravvivenzasol
G(x)=1−F(x)=Pr(X>x).
La figura traccia una parte di . (Notare il salto nel grafico: questa particolare distribuzione non è continua.) Viene mostrata una grande soglia ed è stata selezionata una piccola probabilità (in modo che ).Gϵ ≤ G ( T ) G - 1 ( ϵ ) ≥ TTϵ≤G(T)G−1(ϵ)≥T
Siamo pronti a partire: il valore che ci interessa, (quello che vogliamo mostrare converge a zero), è l'area del rettangolo bianco con altezza e base da a . Mettiamo in relazione quest'area con l'aspettativa di , perché l'unica ipotesi a nostra disposizione è che questa aspettativa esiste ed è limitata.ϵ x = 0 x = G - 1 ( ϵ ) FϵF−1(1−ϵ)=ϵG−1(ϵ)ϵx=0x=G−1(ϵ)F
La parte positiva dell'aspettativa è l'area sotto la curva di sopravvivenza (da a ):E F ( X ) 0 ∞E+EF(X)0∞
EF( X) = E+- E-= ∫∞0G ( x ) dx - ∫0- ∞F( x ) dx .
Poiché deve essere finito (altrimenti l'attesa stessa non esisterebbe e sarebbe limitata), potremmo scegliere così grande che l'area sotto compresa tra e rappresenta tutti o quasi tutti i conti di . T G 0 T E +E+Tsol0TE+
Tutti i pezzi sono ora al loro posto: il grafico di , la soglia , la piccola altezza e l'endpoint destro suggeriscono una dissezione di nelle aree che può analizzare:T ϵ G - 1 ( ϵ ) E +solTεsol- 1( ϵ )E+
Quando va a zero dall'alto, l'area del rettangolo bianco con base riduce a zero, perché rimane costante. ( Ecco perché stato introdotto; è l'idea chiave di questa dimostrazione. )0 ≤ x < T T Tε0 ≤ x < TTT
L'area blu può essere resa il più vicino possibile a , cominciando con una opportunamente grande e quindi scegliendo piccolo . T ϵE+Tε
Di conseguenza, l'area rimasta - che chiaramente non è maggiore del rettangolo bianco con base da a può essere resa arbitrariamente piccola. (In altre parole, basta ignorare le aree rosse e dorate.)x = Tx = G- 1( ϵ )
Abbiamo così suddiviso in due pezzi le cui aree convergono entrambe a zero. ϵG−1(ϵ) ϵ G - 1 ( ϵ ) → 0 Pertanto, , QED.ϵG−1(ϵ)→0